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INFORMATION COMMUNICATION ENGINEER 정보통신기사 학습센터
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정보통신기사 기출유형 정답·해설 미리학습

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문제를 먼저 공부하고
CBT에서 실력을 확인하세요

시험을 시작해야 해설을 볼 수 있는 대신, 과목별 문항과 정답·풀이·오답 함정을 먼저 읽는 학습 공간입니다. 문제를 충분히 이해한 다음 CBT에서 스스로 판단해 보세요.

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2 / 84페이지 · 페이지당 최대 12문항

문제 0131과목 · 정보전송일반링크버짓 dB 합산

송신기와 수신기 사이에서 증폭기 이득이 +12 dB이고 두 구간의 손실이 각각 3 dB와 2 dB라면, 다른 요인을 제외한 순이득은?

  1. 1+17 dB
  2. 2+7 dB
  3. 3+13 dB
  4. 4-7 dB
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ANSWER · 정답 2번+7 dB

정답 근거

데시벨 링크버짓에서는 이득을 더하고 손실을 뺀다. 12-3-2=+7 dB이다. 백업 시점과 DB 로그 복구 지점을 구분해야 실제 데이터 복구시간을 계산할 수 있다.

풀이 순서

① 문제의 조건: 송신기와 수신기 사이에서 증폭기 이득이 +12 dB이고 두 구간의 손실이 각각 3 dB와 2 dB라면, 다른 요인을 제외한 순이득은.
② 적용 원리: 데시벨 링크버짓에서는 이득을 더하고 손실을 뺀다. 12-3-2=+7 dB이다.
③ 원본 풀이의 계산·판정: ① 이득 +12 dB를 둔다. ② 손실 3 dB와 2 dB를 차례로 뺀다. ③ 순이득은 +7 dB이다.
④ 따라서 정답은 2번 「+7 dB」이다.

틀리기 쉬운 선지·주의점

선형비로 다시 변환할 필요 없이 dB 값은 직접 더하고 뺄 수 있다. 링크버짓: 이득은 +, 손실은 -로 dB 합산. 백업 시점과 DB 로그 복구 지점을 구분해야 실제 데이터 복구시간을 계산할 수 있다.

한 줄 기억링크버짓: 이득은 +, 손실은 -로 dB 합산. 백업 시점과 DB 로그 복구 지점을 구분해야 실제 데이터 복구시간을 계산할 수 있다.
풀기 전에 이해했는지 확인해 보세요.
문제 0141과목 · 정보전송일반표본화 정리

최고 주파수 성분이 3.4 kHz인 대역제한 신호의 이론적 나이퀴스트 표본화율은 얼마인가?

  1. 13.4 kHz
  2. 21.7 kHz
  3. 313.6 kHz
  4. 46.8 kHz
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ANSWER · 정답 4번6.8 kHz

정답 근거

대역제한 신호의 이론적 나이퀴스트율은 최고 주파수의 2배이다. 2×3.4 kHz=6.8 kHz이다. 샘플링 주파수와 최고 성분 주파수를 구분하며 이론적 한계와 실제 구현 여유를 혼동하지 않는다.

풀이 순서

① 문제의 조건: 최고 주파수 성분이 3.4 kHz인 대역제한 신호의 이론적 나이퀴스트 표본화율은 얼마인가.
② 적용 원리: 대역제한 신호의 이론적 나이퀴스트율은 최고 주파수의 2배이다. 2×3.4 kHz=6.8 kHz이다.
③ 원본 풀이의 계산·판정: ① 최고 주파수 fm=3.4 kHz를 확인한다. ② 나이퀴스트율 2fm을 적용한다. ③ 2×3.4=6.8 kHz이다.
④ 따라서 정답은 4번 「6.8 kHz」이다.

틀리기 쉬운 선지·주의점

실제 표본화 시스템에서는 필터 천이대역과 구현 여유 때문에 이론적 나이퀴스트율보다 높은 주파수를 사용하는 경우가 많다. 나이퀴스트율은 2fm이며 실제 설계의 표본화 주파수와 구분한다. 샘플링 주파수와 최고 성분 주파수를 구분하며 이론적 한계와 실제 구현 여유를 혼동하지 않는다.

한 줄 기억나이퀴스트율은 2fm이며 실제 설계의 표본화 주파수와 구분한다.
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문제 0151과목 · 정보전송일반양자화 오차

입력 범위가 -1 V에서 +1 V이고 8비트 균일 양자화를 사용한다고 할 때, 양자화 간격을 2 V/256으로 두면 최대 양자화 오차의 크기는 약 얼마인가?

  1. 17.8125 mV
  2. 215.625 mV
  3. 33.90625 mV
  4. 41.953125 mV
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ANSWER · 정답 3번3.90625 mV

정답 근거

문제에서 양자화 간격을 2 V/256으로 명시하므로 최대 오차는 해당 간격의 절반이다.

풀이 순서

① 전체 입력 폭은 +1-(-1)=2 V다. ② 8비트이므로 256개 레벨이고 문제의 간격 Δ=2/256 V=0.0078125 V다. ③ 균일 양자화의 반간격 오차는 Δ/2=0.00390625 V다. ④ 단위를 바꾸면 3.90625 mV다.

틀리기 쉬운 선지·주의점

양자화 간격 Δ 자체(7.8125 mV)를 최대 오차와 혼동하지 않는다. 255로 나누는 재구성 점 표기법과 이 문항에서 정의한 Δ=2/256은 구분한다.

한 줄 기억최대 절대 양자화 오차 = Δ/2 (반올림형 균일 양자화 가정).
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문제 0161과목 · 정보전송일반PCM 다중채널 전송률

24개의 음성 채널을 각각 8 kHz로 표본화하고 표본당 8비트로 PCM 부호화한다. 프레이밍 비트를 제외한 순수 정보 비트율은?

  1. 164 kbps
  2. 2192 kbps
  3. 31.536 Mbps
  4. 42.048 Mbps
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ANSWER · 정답 3번1.536 Mbps

정답 근거

각 음성 채널의 PCM 정보 비트율을 먼저 계산한 다음 채널 수를 곱한다.

풀이 순서

① 채널당 초당 표본 수는 8000개다. ② 표본당 8비트를 사용하므로 채널당 64000 bit/s=64 kbps다. ③ 24채널을 곱하면 64×24=1536 kbps=1.536 Mbps다. ④ 문제는 프레이밍 오버헤드를 제외했으므로 추가 비트를 더하지 않는다.

틀리기 쉬운 선지·주의점

2.048 Mbps는 32채널 PCM/TDM 예시 등에서 보일 수 있는 값이다. 본 문제는 24채널이며 프레이밍 비트가 없다.

한 줄 기억PCM 순수 전송률 = 채널 수 × 표본화 주파수 × 표본당 비트 수.
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문제 0171과목 · 정보전송일반QPSK 비트율

QPSK 변조기의 심볼률이 2 Mbaud일 때 이상적인 정보 비트율은?

  1. 14 Mbps
  2. 21 Mbps
  3. 32 Mbps
  4. 48 Mbps
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ANSWER · 정답 1번4 Mbps

정답 근거

QPSK는 심볼당 2비트를 전달하므로 비트율은 2 Mbaud×2 bit/symbol=4 Mbps이다.
풀이 근거: ① QPSK는 4상태이므로 log2 4=2 bit/symbol이다. ② 2 Mbaud×2=4 Mbps.

풀이 순서

① 요구 조건: QPSK 변조기의 심볼률이 2 Mbaud일 때 이상적인 정보 비트율은?
② 핵심 개념: QPSK는 심볼당 2비트를 전달하므로 비트율은 2 Mbaud×2 bit/symbol=4 Mbps이다.
③ 판정·계산: ① QPSK는 4상태이므로 log2 4=2 bit/symbol이다. ② 2 Mbaud×2=4 Mbps.
④ 오답 구분: 심볼률과 비트율을 동일하게 보지 않는다.
⑤ 정답: 1번 「4 Mbps」.

틀리기 쉬운 선지·주의점

심볼률과 비트율을 동일하게 보지 않는다. QPSK는 심볼당 2비트이므로 2 Mbaud가 4 Mbps를 뜻한다.

한 줄 기억QPSK에서 Rb=2Rs.
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문제 0181과목 · 정보전송일반심볼률

비트율이 12 Mbps인 64-QAM 신호의 심볼률은 얼마인가?

  1. 112 Mbaud
  2. 26 Mbaud
  3. 372 Mbaud
  4. 42 Mbaud
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ANSWER · 정답 4번2 Mbaud

정답 근거

M진 변조에서 한 심볼이 싣는 정보 비트 수를 계산한 후 비트율을 나눈다.

풀이 순서

① 64-QAM은 64개의 심볼 상태를 사용한다. ② 심볼당 비트 수는 log₂64=6이다. ③ 심볼률 Rs=Rb/6=12 Mbps/6=2 Mbaud다. ④ 채널 부호화와 추가 오버헤드는 문제에 없으므로 고려하지 않는다.

틀리기 쉬운 선지·주의점

12 Mbps를 그대로 12 Mbaud로 쓰면 심볼과 비트를 혼동한 것이다. 64를 직접 나누는 대신 log₂64를 사용해야 한다.

한 줄 기억M-QAM의 이상적 Rs=Rb/log₂M (부호화·오버헤드 제외).
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문제 0191과목 · 정보전송일반나이퀴스트 전송률

대역폭이 3 kHz인 이상적인 무잡음 채널에서 2진 신호를 사용한다고 할 때 나이퀴스트 식으로 구한 최대 데이터 전송률은?

  1. 13 kbps
  2. 26 kbps
  3. 312 kbps
  4. 49 kbps
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ANSWER · 정답 2번6 kbps

정답 근거

잡음이 없고 신호 레벨 수가 제시된 채널이므로 Nyquist 비트율 식을 적용한다.

풀이 순서

① 대역폭 B=3000 Hz, 다치 수 M=2다. ② Rmax=2B log₂M에 대입한다. ③ log₂2=1이므로 2×3000×1=6000 bit/s다. ④ 따라서 6 kbps다.

틀리기 쉬운 선지·주의점

2B=6000 baud는 최대 심볼률이고, 2진 신호에서는 심볼당 1비트여서 6 kbps와 수치가 같다. Shannon 식과 구분한다.

한 줄 기억무잡음 Nyquist: Rmax=2B log₂M.
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문제 0201과목 · 정보전송일반샤논 채널용량

대역폭이 1 MHz이고 신호대잡음비 S/N이 선형비 15인 채널의 샤논 이론용량은?

  1. 115 Mbps
  2. 216 Mbps
  3. 31 Mbps
  4. 44 Mbps
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ANSWER · 정답 4번4 Mbps

정답 근거

샤논 채널용량은 C=B·log₂(1+S/N)으로 계산한다. B=1 MHz이고 선형 S/N=15면 1+S/N=16, log₂16=4이므로 C=4 Mbps이다. dB가 아닌 선형 비율을 식에 넣어야 하는 점이 관건이다.

풀이 순서

① 선형 S/N=15를 확인한다. dB가 아니라 선형비다.
② 샤논식 C=B log₂(1+S/N)에 대입한다.
③ 1 MHz×log₂16=4 Mbps다.

틀리기 쉬운 선지·주의점

S/N 15를 15 dB로 간주해 다시 변환하면 다른 답이 나온다. 주어진 S/N의 단위를 반드시 확인한다.

한 줄 기억Shannon 계산 순서: 선형 SNR 확인 → 1+SNR → log₂ → B 곱셈.
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문제 0211과목 · 정보전송일반데시벨 감쇠

전력 기준으로 -3 dB 감쇠가 발생했을 때 출력전력은 입력전력의 약 몇 배인가?

  1. 12배
  2. 20.5배
  3. 30.1배
  4. 40.707배
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ANSWER · 정답 2번0.5배

정답 근거

전력의 로그 단위를 선형 전력비로 환산하여 -3 dB의 의미를 구한다.

풀이 순서

① 전력비 dB=10log₁₀(Pout/Pin)다. ② Pout/Pin=10^(−3/10)=10^(−0.3)≈0.501다. ③ 따라서 입력전력의 약 0.5배다. ④ 신호 레벨이 감소했으므로 2배로 고르지 않는다.

틀리기 쉬운 선지·주의점

약 0.707배는 임피던스가 같을 때 -3 dB의 전압비에 가까운 값이다. 질문은 전력비를 물었다.

한 줄 기억−3 dB ≈ 전력 1/2, 동일 임피던스에서 전압 약 0.707배.
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문제 0221과목 · 정보전송일반AM 대역폭

최고 변조 주파수가 5 kHz인 단일톤 AM(DSB-LC) 신호의 필요한 대역폭은?

  1. 15 kHz
  2. 215 kHz
  3. 310 kHz
  4. 420 kHz
정답·해설 학습하기
ANSWER · 정답 3번10 kHz

정답 근거

일반 AM(DSB-LC)은 반송파 양쪽에 상·하측파대가 생기므로 대역폭은 최고 변조 주파수의 2배이다.
풀이 근거: ① fm=5 kHz. ② BW=2fm=10 kHz. ③ 10 kHz를 선택한다.
선지 판별의 기준은 문제에서 제시된 「AM 대역폭」 조건과 정답 선택지의 기술적 의미가 일치하는지 확인하는 것이다.

풀이 순서

① 요구 조건: 최고 변조 주파수가 5 kHz인 단일톤 AM(DSB-LC) 신호의 필요한 대역폭은?
② 핵심 개념: 일반 AM(DSB-LC)은 반송파 양쪽에 상·하측파대가 생기므로 대역폭은 최고 변조 주파수의 2배이다.
③ 판정·계산: ① fm=5 kHz. ② BW=2fm=10 kHz. ③ 10 kHz를 선택한다.
④ 오답 구분: SSB의 대역폭과 혼동하지 않는다.
⑤ 정답: 3번 「10 kHz」.

틀리기 쉬운 선지·주의점

SSB의 대역폭과 혼동하지 않는다.
이 문제의 정답 기준: 일반 AM(DSB-LC)은 반송파 양쪽에 상·하측파대가 생기므로 대역폭은 최고 변조 주파수의 2배이다.

한 줄 기억DSB 계열 AM의 대역폭은 2fm이다.
풀기 전에 이해했는지 확인해 보세요.
문제 0231과목 · 정보전송일반FM 카슨 법칙

FM 신호의 최대 주파수 편이가 75 kHz, 최고 변조 주파수가 15 kHz일 때 카슨 법칙으로 근사한 대역폭은?

  1. 1180 kHz
  2. 290 kHz
  3. 3150 kHz
  4. 4120 kHz
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ANSWER · 정답 1번180 kHz

정답 근거

카슨 법칙은 BW≈2(Δf+fm)이다. 2×(75+15)=180 kHz이다.
풀이 근거: ① Δf=75 kHz, fm=15 kHz. ② Δf+fm=90 kHz. ③ 2×90=180 kHz.
선지 판별의 기준은 문제에서 제시된 「FM 카슨 법칙」 조건과 정답 선택지의 기술적 의미가 일치하는지 확인하는 것이다.

풀이 순서

① 요구 조건: FM 신호의 최대 주파수 편이가 75 kHz, 최고 변조 주파수가 15 kHz일 때 카슨 법칙으로 근사한 대역폭은?
② 핵심 개념: 카슨 법칙은 BW≈2(Δf+fm)이다. 2×(75+15)=180 kHz이다.
③ 판정·계산: ① Δf=75 kHz, fm=15 kHz. ② Δf+fm=90 kHz. ③ 2×90=180 kHz.
④ 오답 구분: 주파수 편이 2Δf만 계산하면 변조 주파수 성분을 빠뜨린다.
⑤ 정답: 1번 「180 kHz」.

틀리기 쉬운 선지·주의점

주파수 편이 2Δf만 계산하면 변조 주파수 성분을 빠뜨린다.
이 문제의 정답 기준: 카슨 법칙은 BW≈2(Δf+fm)이다. 2×(75+15)=180 kHz이다.

한 줄 기억Carson: BW≈2(Δf+fm).
풀기 전에 이해했는지 확인해 보세요.
문제 0241과목 · 정보전송일반해밍거리

최소 해밍거리가 3인 블록부호가 보장할 수 있는 오류 정정 능력은?

  1. 12비트 정정
  2. 23비트 정정
  3. 31비트 정정
  4. 4정정 불가
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ANSWER · 정답 3번1비트 정정

정답 근거

해밍거리와 보장 가능한 정정 비트 수는 dmin≥2t+1 관계로 연결한다.

풀이 순서

① 최소거리 dmin=3이다. ② t=floor((dmin−1)/2)=floor(2/2)=1이다. ③ 따라서 1비트 오류까지 보장하여 정정한다.

틀리기 쉬운 선지·주의점

dmin−1=2는 보장 검출 가능한 최대 오류 비트 수다. 검출 능력과 정정 능력을 똑같이 2비트로 선택하지 않는다.

한 줄 기억정정 t=floor((dmin−1)/2), 검출 최대 dmin−1.
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